Quinto problema de la IMO 2013 celebrada en Colombia. Ahí va el enunciado:
Sea
el conjunto de los números racionales mayores que cero. Sea
una función que satisface las tres siguientes condiciones:
- (i)
para todos los
;
- (ii)
para todos los
- (iii) existe un número racional
tal que
.
Demostrar que
para todo
.
Que se os dé bien.
¿Te ha gustado la entrada? Puedes invitarme a un café, Gauss te lo agradecerá 😉
Puedes utilizar código LaTeX para insertar fórmulas en los comentarios. Sólo tienes que escribir
[latex]código-latex-que-quieras-insertar[/latex]
o
$latex código-latex-que-quieras-insertar$.
Si tienes alguna duda sobre cómo escribir algún símbolo puede ayudarte la Wikipedia.
Y si los símbolos < y > te dan problemas al escribir en LaTeX, te recomiendo que uses los códigos html & lt; y & gt; (sin los espacios) respectivamente.
Tienes un 20% de descuento y envío gratis en toda la web de La Tostadora con al menos dos artículos. Usa el código GAUSSIANOS entrando con el enlace de la imagen.
Y usando el código REBAJAS tienes un 30% de descuento hasta el 8 de agosto con al menos 3 artículos.
Si quieres recibir los artículos de Gaussianos en tu mail haz click en la imagen.
Únete a la iniciativa Yo construí el poliedro de Császár. Haz click en la imagen para conocer todo los detalles.
Y visita este set de Flickr para ver las construcciones de los lectores de Gaussianos.
Información Bitacoras.com
Valora en Bitacoras.com: Quinto problema de la IMO 2013 celebrada en Colombia. Ahí va el enunciado: Sea el conjunto de los números racionales mayores que cero. Sea una función que satisface las tres siguientes condiciones: (i) para todos los ; (ii…
creo que algo parecido ya ha salido por aqui, veamos:
Por otro lado:
Asi que:
Y el resto es muy facil
Para el cero:
con lo que
y como
concluimos que
Para el -1:
Y por ultimo conectando el 1 y el -1:
fantastico, y ahora me doy cuenta que era para racionales mayores de cero…
En la tercera condición hay un error, me imagino que el autor quería decir que
Daniel, creo que es muy importante, pues con el
hay muchas mas soluciones, por ejemplo f(x)=x^2:
x^2y^2 >= (xy)^2
(x+y)^2 >= x^2 + y^2 (no negativos!)
1^2=1
vaya resolvi un problema totalmente diferente, para todo Q y cambie la primera condicion por:
f(xy)>=f(x)f(y)
vaya…
Es verdad rtomas, ahora me doy cuenta, gracias. Disculpas a quienes haya confundido 🙁
¿Cómo podeis dar solución al problema aplicando intervales de no definición de la función? En los racionales negativos no esta definida por lo de que en -a o, más particularmente, en -1, no puede ni siquiera hablarse de f(-1)
Habida cuenta que lo anterior los propios autores indican que no es correcto, empiezo de cero y esto es lo que he conseguido:
f(x)f(y) mayor= f(xy)
f(a) = a con a> 1
a = f(1*a) menor= f(1) f(a)) = a f(1) -> f(1) mayor= 1
f(2) = f(1+1) mayor= f(1) + f(1) mayor=2
y así sucesivamente f(n) mayor=n para n€N
pues ya le echado varias horas en estos dias y no encuentro la solucion.
para todo x en Q>0
si x > y
para N entero positivo
Alguna pista?
Resultados interesantes ademas de los de Juanjo:
Y por ultimo la que mas me gusta:
pues establece que f(N) no crece mas rapido que N.
En resumen f(x) es una funcion positiva, monotona creciente, que en los naturales
no crece mas rapido que x. Pero no he logrado demostrar que sea continua
y ni mucho menos el enunciado. Alguna pista?
Yo lo he resuelto para el caso en que a es entero, pero no veo cómo extenderlo al caso general. A lo mejor alguno de los resultados que pones me sirven.
suerte golvano, el caso a entero parece mas facil, pero si te animas nos lo puedes contar.
Nf(1/N)=f(1/N)+…+f(1/N) (N términos) menor= f(1). -> f(1/N) menor= f(1)/N
Rtomas dice: f(1/a) mayor= 1/a con la desigualdad cruzada. Quizá ligando las 2 cosas se podría avanzar.
para x€Q (mayor que 0), x=p/q con p y q € N
f(x) = f(p/q) menor= p f(1/q) menor= p f(1)/q = x f(1) luego f(x) menor= x f(1) para x € Q (mayor que 0)
Ya lo he resuelto.
Para reducirlo al caso entero he utilizado lo siguiente:
Como
, se puede conseguir 
tan grande como se quiera.
Para 3, por ejemplo, llamamos y al entero múltiplo de 3 inmediatamente inferior a
.
Entonces tenemos:
De donde:
Aumentando k se puede conseguir que
sea tan cercano a 1 como se quiera, y por tanto 
.
De la misma forma, para cualquier entero,
, y a partir de ahí es fácil.
genial Golvano!
Golvano
en el límite no se demuestra f(3) = 3 sino f(3) menor= 3, y como ya teníamos f(n) mayor= n entonces si se cumple f(n) = n
Sí, bueno, usé varios resultados que ya se habían puesto:
f(x) > f(y) si x > y
f(n) >= n para n€N
El primero no se había justificado, pero yo creo que es fácil.